转发引用和模板模板

Question

考虑这两个模板函数：

template<typename T>
void foo(T&& bar) {
    // do stuff with bar, which may or may not be an instance of a templated class
}

template<typename U, template<typename> class T>
void foo(T<U>&& bar) {
    // do stuff with bar, which must be an instance of a templated class
}

为什么前者接受左值（通过使用转发引用）而后者不接受？

看起来也可能与此有关，但它似乎涵盖了转发引用限制的不同方面。

Answer 1

因为这就是标准所说的语言应该工作的方式。

[14.8.2.1][temp.deduct.call]
3.If P is a cv-qualified type, the top level cv-qualifiers of P’s type are ignored for type deduction. If P is a reference type, the type referred to by P is used for type deduction. A forwarding reference is an rvalue reference to a cv-unqualified template parameter. If P is a forwarding reference and the argument is an lvalue, the type “lvalue reference to A” is used in place of A for type deduction.

只有对 CV 非限定模板参数的右值引用才能以这种方式推断为左值引用。

要实现您正在尝试做的事情，您可以使用特征来提取模板模板参数。

#include <type_traits>

/***
 * Extract template from template type.
 */
template <typename I> struct get_template;

template <template<class> typename T, typename C>
struct get_template<T<C>> {
  template <typename U>
  using temp = T<U>;
};





template <typename T> struct A{};

struct B;

template<typename W>
void foo(W && bar) {
  typedef typename get_template<typename std::remove_reference<W>::type>::template temp<int> new_type;
  new_type my_variable;
}

int main() {
  A<B> temp;
  foo(temp);
}

或者，像往常一样重载 const & 和 && 的函数。

Answer 2

如果你想保留一个转发引用参数，同时推导一个参数的类型，你可以使用下面的解决方案：

#include <type_traits>
#include <utility>

template <typename T>
struct tag {};

template <typename T, typename U, template <typename> class C>
void foo(T&& t, tag<C<U>>)
{

}

template <typename T>
auto foo(T&& t)
    -> decltype(foo(std::forward<T>(t), tag<typename std::decay<T>::type>{}))
{
    return foo(std::forward<T>(t), tag<typename std::decay<T>::type>{});
}

DEMO

转发引用和模板模板

Forwarding references and template templates

c++

c++11

template-templates

template-function

forwarding-reference