从 MSVC2015 更新 2 移植到 GCC 5.3 - SFINAE 错误

Question

我目前正在移植我的库，但我的黑暗模板魔术无法使用 GCC 5.3 进行编译

此片段在使用 MSVC2015 更新 2 编译时按预期工作

template<typename vreal = 
    std::enable_if<std::is_vreal<vreal>::value, 
                   floatType>::type>
inline vreal foo(vreal bar)
{
    return bar;  
}

template<typename vreal = 
    std::enable_if<std::is_vreal<vreal>::value, 
                   floatType>::type>
struct bar { vreal i; };

GCC 抱怨 "vreal was not defined in current scope (WTF?)"

到目前为止我尝试过的：

将上面的模板片段重写为

template<typename vreal, 
         typename enable = typename std::enable_if<std::is_vreal<vreal>::value != 0>::type>

但这也不管用。它在代码中中断了很久，我认为这是由于引入了额外的模板参数。

此外，我不明白为什么我必须引入与 0 的比较。如果没有它，gcc 会抱怨 enabled_if 上缺少 'type'。

所以，主要问题是：如何在没有额外参数的情况下获得相同的 SFINAE 逻辑（仅当参数为 vreal 时才编译）。

我可以将其重写为 return 类型 SFINAE - 但我想避免做很多工作（区分函数、类、结构、类型定义/使用。 ..) 即使它被包裹在宏中。

 template<typename vreal>
 typename std::enable_if<is_vreal<vreal>, vreal>::type inline vreal .....

Answer 1

对于你的顶级函数，你可以这样：

template<typename vreal>
inline typename std::enable_if<std::is_vreal<vreal>::value, floatType>::type foo(vreal bar)
{
    return bar;
}

您的结构也应该重新定义。下面的解决方案无法摆脱在此处使用次要参数 Enable 的部分特化：

template<typename vreal, typename Enable = void>
struct bar;

template<typename vreal>
struct bar<vreal, typename std::enable_if<std::is_vreal<vreal>::value, void>::type>
{ vreal i; };

（假设在某处适当定义了 floatType 和 std::is_vreal）

Answer 2

我会将 SFINAE 与您实际使用的模板参数分开。非类型附加参数非常适合这种情况。

对于结构，我会使用 enable_if 并特化一个基础 class。

看起来像这样：

template<typename vreal, typename std::enable_if<std::is_vreal<vreal>::value, int>::type = 0>
vreal foo(vreal bar) { 
    return bar;
}

template<typename vreal, typename = void>
struct barBase; // optionally add a static_assert for better messages

template<typename vreal>
struct barBase<vreal, typename std::enable_if<std::is_vreal<vreal>::value>::type> {
    vreal i;
};

template<typename vreal>
using bar = barBase<vreal>;

我认为 std::is_vreal 不存在。如果是这样，肯定不在 GCC 中。不要在 std 命名空间中注入东西，编译器可以自由拒绝它。

Answer 3

这不是有效的 C++：

template<typename vreal = 
  std::enable_if<std::is_vreal<vreal>::value, 
               floatType>::type>
inline vreal foo(vreal bar)
{
  return bar;  
}

出于很多原因。它在 std 中使用了一个不在 std (is_vreal) 中的符号，这意味着您的程序格式错误。它使用未定义的令牌 floatType（您 post 是 [MCVE] 对吗？）。在 vreal.

的定义中，它在范围内之前使用 vreal

我不知道它应该是什么意思，除了你似乎相信它有 SFINAE 魔法：它指出如果 vreal 通过 is_vreal 测试，它应该是类型floatType 默认。但为了达到这一点，您必须已经拥有类型 vreal，因此默认类型似乎并不重要。

此外，::type 不是依赖上下文中的类型：，因此 std::enable_if<std::is_vreal<vreal>::value, floatType>::type 应该抱怨您在类型所在的上下文中使用名为 ::type 的非类型是期待。你需要做 typenam estd::enable_if<std::is_vreal<vreal>::value, floatType>::type.

您似乎还声明您正在使用宏来生成代码。这是一个糟糕的决定。

据我所知，在大多数情况下，只需完全删除 enable_if 子句即可解决您的问题。

函数除外，因为可以重载，可以引入SFINAE helper。

完全放弃宏。 Class 和函数模板的工作方式有很大不同。

对于classes/structs：

template<class vreal>
struct bar { vreal i; };

因为确实没有另一种选择 - 没有像函数那样用 structures/classes 重载的概念。

对于函数，我们需要 SFINAE 测试以便我们可以重载：

template<class T, class R=T>
using vreal_test = typename
  std::enable_if<std::is_vreal<T>::value, R>::type

template<class vreal>
inline vreal_test<vreal> foo(vreal bar)
{
  return bar;  
}

如果函数 returns 是不同类型，则执行

template<class vreal>
inline vreal_test<vreal,void> foo2(vreal bar)
{
  return;
}

您可以在清除宏时执行此操作。

从 MSVC2015 更新 2 移植到 GCC 5.3 - SFINAE 错误

Porting from MSVC2015 Update 2 to GCC 5.3 - SFINAE Errors

c++

visual-studio-2015

c++14

porting

gcc5

此片段在使用 MSVC2015 更新 2 编译时按预期工作

到目前为止我尝试过的：