使用 UIActivityViewController 共享您的设备屏幕

Share your device screen with UIActivityViewController

如问题所示,我正在寻找一种在使用 UIActivityViewController 时共享当前设备屏幕的方法。到目前为止,这是我的代码。

@IBAction func buttonShareTapped(sender: UIButton) {
    let textToShare = "Here's my text to be shared!"

    // Generate the screenshot
    UIGraphicsBeginImageContext(view.frame.size)
    view.layer.renderInContext(UIGraphicsGetCurrentContext())
    var image = UIGraphicsGetImageFromCurrentImageContext()
    UIGraphicsEndImageContext()

    var imageToShare = UIImage(named: "\(image)")

    if let myWebsite = NSURL(string: "http://mywebsite.com/")
    {
        let objectsToShare = [textToShare, imageToShare, myWebsite]
        let activityViewController = UIActivityViewController(activityItems: objectsToShare, applicationActivities: nil)

        // Excluded Activities Code
        activityViewController.excludedActivityTypes = [UIActivityTypeAirDrop, UIActivityTypeAddToReadingList]

        self.presentViewController(activityViewController, animated: true, completion: nil)
    }
}

上面的代码从 Let objectsToShare 开头的行产生以下错误:

'_' is not convertible to 'UIImage?'

我认为这是因为 imageToShare 目前返回 nil。

提前致谢。

edit:在上面的示例中,图像变量 returns 下面的值但是 imageToShare 返回 nil 所以我猜问题出在那一行。

<UIImage: 0x7ffc85c12f80>, {320, 504}

也许我的第一条评论已经对您有所帮助,但我会为此添加更多内容。


如果您确定图像始终是有效对象并且可以每次展开它,您可以勇敢地使用它:

var image: UIImage = UIImage(named: "\(image)")!

如果 imagenil 并且你想解包它,这个解决方案会导致直接崩溃,所以你可以 只有 当你100% 确定图像在运行时始终有效;


否则才是正确的方法:

if let image: UIImage = UIImage(named: "\(image)") {
    // you have the image unwrapped properly, it can be used for anything.
    // ...
}

并且如果 image 无法展开 (=nil),您可以有条件地不添加到您的 objectToShare 数组。


注意:这是一个很好的例子,为什么每次都应该显式定义变量的实际类型var imageToShare: UIImage? = UIImage(named: "\(image)"),因为你会假设它的值是展开的,但是它只是一个可选的

所以这很奇怪,但我不需要将图像转换为命名的 UIImage。当我执行以下操作时,我的代码按预期工作:

if let imageToShare = image {...

然而下面的returns没有

if let image: UIImage = UIImage(named: "\(image)") {...

所以我想从 UIGraphicsGetImageFromCurrentImageContext() 返回的内容不需要进一步转换。