PHP 7.1 中的隐式无效 return？

Question

我在这里找到了新规范：https://wiki.php.net/rfc/void_return_type

function lacks_return(): void {
    // valid
}
function returns_nothing(): void {
    return; // valid
}
function returns_void(): void {
    return void; // valid
}

问：你知道幕后发生了什么吗？ lacks_return函数return实际上会void吗？

Answer 1

你自己可以很容易地测试这个：

function lacks_return(): void {
}

function returns_nothing(): void {
    return;
}

echo gettype(lacks_return()); // NULL
echo gettype(returns_nothing()); // NULL

所以答案是肯定的 - 有一个隐含的空（null）return，因此您可以使用空 return 或完全跳过它。哪一种说得通 - return什么都没有和什么都不 return 一样？

Answer 2

在幕后，PHP checks for return statements in void functions 并且，如果他们指定 return 值，则会抛出编译时错误：

/* `return ...;` is illegal in a void function (but `return;` isn't) */
if (return_info->type_hint == IS_VOID) {
    if (expr) {
        if (expr->op_type == IS_CONST && Z_TYPE(expr->u.constant) == IS_NULL) {
            zend_error_noreturn(E_COMPILE_ERROR,
                "A void function must not return a value "
                "(did you mean \"return;\" instead of \"return null;\"?)");
        } else {
            zend_error_noreturn(E_COMPILE_ERROR, "A void function must not return a value");
        }
    }
    /* we don't need run-time check */
    return;
}

否则，void 函数的编译工作正常。 return without a value implicitly returns NULL:

if (!expr_ast) {
    expr_node.op_type = IS_CONST;
    ZVAL_NULL(&expr_node.u.constant);

每个函数 is compiled with an implicit return at the end:

zend_emit_final_return(0);

Whose return value is NULL:

zn.op_type = IS_CONST;
if (return_one) {
    ZVAL_LONG(&zn.u.constant, 1);
} else {
    ZVAL_NULL(&zn.u.constant);
}

PHP 7.1 中的隐式无效 return？

Implicit void return in PHP 7.1?

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