直接生成 Django-REST-API ？

Question

我已经有一个包含 100 个表的数据库。

现在，我想将其公开为 REST-API。

我以前做过这个，所以我熟悉这个过程。我为模型创建了一个序列化器，为序列化器创建了一个 ViewSet 和一个路由器。我在 2 个表上测试它并且有效。

问题是我想公开我所有的 100 个表。同样的操作重复 100 次也不好玩。

有没有办法只做一次？

Answer 1

在 django 中似乎没有办法这样做。

NOW, THIS IS NOT THE BEST SOLUTION,

SOMETIMES, DIFFERENT SERIALIZERS CLASSES ARE NEEDED DEPENDING ON RELATIONS

我刚刚创建了一个有效的脚本：

您只需要运行从您的项目目录中使用您的应用程序名称作为参数

`import os
import sys

ROUTER_TEMPLATE = "router.register(r'{}', views.{}ViewSet)"
SERIALIZER_TEMPLATE = """
class {}Serializer(serializers.HyperlinkedModelSerializer):

    class Meta:
        model = {}
        fields = '__all__'
"""
VIEW_TEMPLATE= """

class {}ViewSet(viewsets.ModelViewSet):
    queryset = {}.objects.all()
    serializer_class = {}Serializer


"""

def gen_api(app_name):
        models= open(app_name+'/models.py', 'r')
    aLines = models.readlines()

    for sLine in aLines:

        aLine = sLine.split()

        for sWord in aLine:

            if sWord == "class" and aLine[aLine.index(sWord)+1] != "Meta:":
                model_name= aLine[aLine.index(sWord)+1].split("(")[0]
                gen(app_name,model_name )




def gen(app_name, name):

    config = open(app_name+'/urls.py', 'a') #append
    config.write("\n"+ ROUTER_TEMPLATE.format(name, name))
    config.close()

    config = open(app_name+'/serializers.py', 'a') #append
    config.write("\n"+ SERIALIZER_TEMPLATE.format(name, name))
    config.close()

    config = open(app_name+'/views.py', 'a') #append
    config.write("\n"+ VIEW_TEMPLATE.format(name, name, name))
    config.close()

if __name__ == "__main__":

    gen_api(sys.argv[1])
`

直接生成 Django-REST-API ？

generate a Django-REST-API directly ?

python

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api

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models