enable_if 模板参数是 lambda（具有特定签名）

Question

我有这个：

template<typename T>
class Image {
    Image(int w, int h, T defaultVal){
        for(int i=0; i<h; i++)
            for(int j=0; j<w; j++)
                pixel(j, i) = defaultVal;
    }
    template<typename F>
    Image(int w, int h, F initializer){
        for(int i=0; i<h; i++)
            for(int j=0; j<w; j++)
                pixel(j, i) = initializer(j, i);
    }
    // ...
};

我的意图是能够像这样实例化一个 Image：

Image<int> img0(w, h, 0); // image of zeroes
Image<int> imgF(w, h, [](int j, int i){ // checkerboard image
    return (j/10+i/10) % 2;
});

但是第二个构造函数签名当然会与第一个构造函数签名冲突。为了解决这个冲突，我想限制第二个构造函数的可能模板实例化。

我不想让它太复杂。你能帮助我吗？我的尝试：

template<typename F, typename = std::enable_if_t< // what now? how to check that F is callable (and if simple to check, with appropriate signature)

Answer 1

您正在寻找 std::is_invocable:

template<typename F, typename = std::enable_if_t<
    std::is_invocable<F&, int, int>>

F& 因为您将它作为左值调用，然后它只是一个参数类型列表。

以上需要 C++17。它可以在 C++14 上实现，但在您的情况下，我们也可以采用更简单的方法，只需执行以下操作：

template <typename F, typename = decltype(std::declval<F&>()(1, 1))>

F& 同上，其余的表达式比较熟悉。因为我们用 ints 调用，所以我们不关心 INVOKE 允许的其他事情（例如指向成员的指针）。

enable_if 模板参数是 lambda（具有特定签名）

enable_if template param is lambda (with particular signature)

c++

lambda

templates

enable-if

c++14