导入 unistd.h 后，编译器声明 sbrk() 是隐式声明。为什么是这样？

Question

我正在尝试在 CentOS 上实施 malloc，但我一直收到错误消息：

malloc.c: In function ‘malloc’:
malloc.c:11:5: error: implicit declaration of function ‘sbrk’ [-Werror=implicit-function-declaration]
     mem_ptr = sbrk(SIXTY_FOUR_K); /* Allocate 64 kB of memory */

编译器警告引用的代码如下：

#include "malloc.h"
#include <unistd.h>

void * malloc(size_t bytes) {
    uintptr_t mem_ptr;

    if (bytes <= 0) { /* If user passes in bad value, return NULL */
        return NULL;
    }

    mem_ptr = sbrk(SIXTY_FOUR_K); /* Allocate 64 kB of memory */

    if (mem_ptr == -1) { /* sbrk() failed */
        return NULL;
    }

    return (void *)mem_ptr;
}

根据 sbrk 上的文档，您应该只需导入 unistd.h，我就是这样做的。我做错了什么吗？

Answer 1

您查看功能测试宏要求了吗？

Feature Test Macro Requirements for glibc (see feature_test_macros(7)):

   brk(), sbrk():
       Since glibc 2.12:
           _BSD_SOURCE || _SVID_SOURCE ||
               (_XOPEN_SOURCE >= 500 ||
                   _XOPEN_SOURCE && _XOPEN_SOURCE_EXTENDED) &&
               !(_POSIX_C_SOURCE >= 200112L || _XOPEN_SOURCE >= 600)
       Before glibc 2.12:
           _BSD_SOURCE || _SVID_SOURCE || _XOPEN_SOURCE >= 500 || _XOPEN_SOURCE && _XOPEN_SOURCE_EXTENDED

看看用 -D_SVID_SOURCE 之类的东西编译是否可行（尽管看起来有许多基于该宏列表的选项）

从 glibc 2.19 开始，添加了一个新的功能测试宏，_DEFAULT_SOURCE，旨在取代 _BSD_SOURCE 和 _SVID_SOURCE。有关 _DEFAULT_SOURCE 的更多信息，请参阅此问题：

导入 unistd.h 后，编译器声明 sbrk() 是隐式声明。为什么是这样？

After importing unistd.h, compiler states that sbrk() is an implicit declaration. Why is this?

c

gcc

centos

unistd.h

sbrk