"No match" 引入后出错 std::enable_if

Question

我有一个运算符（在本例中为 operator&=，但这不是问题）工作正常，直到我将 std::enable_if_t 引入组合。

用代码示例说明更简单：

template<typename T, std::enable_if_t<std::is_integral_v<T> && std::is_unsigned_v<T>>>
MyClass& MyClass::operator&=(T d)
{ /*... */ }

// then in main
MyClass a;
a &= static_cast<unsigned char>42;
a &= (unsigned long long)47;

如果我注释掉 std::enable_if_t 块，那么它会按预期编译和运行，但是一旦我把它放在那里，它就会产生格式错误

test.cpp:42:7: error: no match for ‘operator&=’ (operand types are ‘MyClass’ and ‘unsigned char’)
  a &= static_cast<unsigned char>(42);
  ~~^~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~
In file included from test.cpp:4:0:
file.hpp:69:103: note: candidate: template<class T, typename std::enable_if<(is_integral_v<T> && is_unsigned_v<T>), void>::type <anonymous> > MyClass& MyClass::operator&=(T)
  template<typename T, std::enable_if_t<std::is_integral_v<T> && std::is_unsigned_v<T>>> MyClass& operator&=(T d);
                                                                                                  ^~~~~~~~
file.hpp:69:103: note:   template argument deduction/substitution failed:
test.cpp:42:39: note:   couldn't deduce template parameter ‘<anonymous>’
  a &= static_cast<unsigned char>(42);

我觉得我在这里缺少一些简单的东西。我什至已经尝试通过调用 a.operator&=<unsigned char>(static_cast<unsigned char>(42)) 来提示编译器，看看它是否会工作，但它没有。

Answer 1

您需要在

定义的第二个模板参数中使用 class/typename

template<typename T, class = std::enable_if_t<std::is_integral_v<T> && std::is_unsigned_v<T>>>
                     ^^^^^
MyClass& MyClass::operator&=(T d)

当条件std::is_integral_v<T> && std::is_unsigned_v<T>为真时，enable_if::type为void。没有 class void 被视为非类型模板参数，这是错误的（void 不能用作非类型参数 reference）。

通过使用 class/typename 第二个参数被定义为带 void 的类型参数 - class SomeTypeName = void 如果 enable_if 中的条件为真，或者此函数当 enable_if 的条件为 false 时，模板从重载设置中被丢弃。

"No match" 引入后出错 std::enable_if

"No match" error after introducing std::enable_if

c++

c++17

enable-if