在 PHP 中键入 class 时，是否需要包含 class 文件？
When type hinting a class in PHP, do you need to include the class file?
如果我有一个 class Foo 和一个函数 bar
function bar (Foo $x) { baz($x); }
使用 Foo 作为类型提示...我是否需要包含包含 Foo 的文件才能编译上述内容？
在 PHP 5.4.33 的测试中，不需要包含 class，即使在调用函数时也是如此。函数失败，因为提供的 $x 不是 Foo 类型，但没有发生 "Error: Foo not defined" 等错误。
这种行为可靠吗？它有任何记录吗？
作为旁注，我知道当我使用 Foo 作为类型提示时，文档包含 Foo.php 文件可能会很好，但它确实会阻止调用require_once 如果我不必包含它。
这不是权威的回应。
我可以想象 PHP 对象内部有一个存储 class 名称的字段。这可以用于参数检查。
如果对象 是 Foo 的有效实例（并且您想使用它），您将已经需要 [=10= 的定义] 否则无法创建实例。
所以似乎参数检查不需要Foo的定义。
PHP所做的只是检查类型的名称。它不会 link 它到任何具体的实现。因此，不需要以任何方式访问该类型的具体实现；这意味着您不需要 include 定义类型的文件。
如果我有一个 class Foo 和一个函数 bar
function bar (Foo $x) { baz($x); }
使用 Foo 作为类型提示...我是否需要包含包含 Foo 的文件才能编译上述内容？
在 PHP 5.4.33 的测试中，不需要包含 class，即使在调用函数时也是如此。函数失败，因为提供的 $x 不是 Foo 类型，但没有发生 "Error: Foo not defined" 等错误。
这种行为可靠吗？它有任何记录吗？
作为旁注，我知道当我使用 Foo 作为类型提示时，文档包含 Foo.php 文件可能会很好，但它确实会阻止调用require_once 如果我不必包含它。
这不是权威的回应。
我可以想象 PHP 对象内部有一个存储 class 名称的字段。这可以用于参数检查。
如果对象 是 Foo 的有效实例（并且您想使用它），您将已经需要 [=10= 的定义] 否则无法创建实例。
所以似乎参数检查不需要Foo的定义。
PHP所做的只是检查类型的名称。它不会 link 它到任何具体的实现。因此，不需要以任何方式访问该类型的具体实现；这意味着您不需要 include 定义类型的文件。