如果参数不是引用，如何防止编译传递的 lambda

Question

在我的一个项目中，我使用了一个小的实用函数，它采用 Message 结构和 lambda 函数，它修改了这个消息结构。

现在，我无意中传递了一个没有必要引用 & 的 lambda。它可以完美编译，但没有给出所需的输出。

对于我来说，应该有以下两种行为之一：

忘记写auto&，但只写auto应该会导致编译错误
只写 auto 应该解释为 auto&。

是否可以在缺少 & 的情况下阻止编译，甚至更好地将 auto 自动解释为 auto&？

#include <iostream>
#include <functional>
#include <boost/variant.hpp>

struct Message {
    int x;
    int y;
};

void changeMessage(Message& m, const std::function<void(Message&)>& messageModifier) {
    std::cout << "Message before:" << m.x << " " << m.y << "\n";
    messageModifier(m);
    std::cout << "Message after:" << m.x << " " << m.y << "\n";
}

int main(int, char**) {
    {
        std::function<void(int&)> f = [](int&) {};
        std::function<void(int)> g = [](int) {};
        f = g; // This compiles. 
    }

    {
        std::function<void(int&)> f = [](int&) {};
        std::function<void(int)> g = [](int) {};
        //g = f; // This does not compile. Makes perfect sense.
    }

    Message m{ 10,20 };
    {
        changeMessage(m, [](auto m) { m.x++; m.y--; }); // User unintentionally forgot &! Can I prevent this from compilation?
        std::cout << "Message outside: " << m.x << " " << m.y << "\n";
    }
    {
        changeMessage(m, [](auto& m) { m.x++; m.y--; });
        std::cout << "Message outside: " << m.x << " " << m.y << "\n";
    }
}

Answer 1

防止按值传递 Message（并且 auto 本身永远不是引用）的一种方法是禁用复制构造：

struct Message {
    Message() = default;
    Message(const Message&) = delete;

    int x;
    int y;
};

@L. F. 建议的另一个解决方案是检查 lambda 是否不接受右值：

template<class Fn>
void change_message(Message& m, Fn fn) {
    static_assert(!std::is_invocable_v<Fn, Message&&>);     
    fn(m);
}

如果参数不是引用，如何防止编译传递的 lambda

How to prevent compilation of passed lambda, if arguments are not references

c++

lambda

closures

std-function