SFINAE 没有编译

Question

我以前经常使用 SFINAE，但我有一个非常非常简单的例子，我今天无法达到运行。

class X
{
    public:
        template <typename CHECK, typename = typename std::enable_if< std::is_floating_point<CHECK>::value, void>::type >
            void Do()
            {
                std::cout << "yes" << std::endl;
            }

        template <typename CHECK, typename = typename std::enable_if< !std::is_floating_point<CHECK>::value, void>::type>
            void Do()
            {
                std::cout<< "no" << std::endl;
            }

};

int main()
{
    X x;
    x.Do<float>();
}

错误：

src/main.cpp:20:18: 错误：'template void X::Do()' 无法重载

src/main.cpp:14:18：错误：'template void X::Do()' 空做（）

我想用 enable_if 禁用任何重载，但它不起作用...

知道我今天做错了什么吗？

Answer 1

这两个函数有相同的签名，所以你得到一个重定义错误。试试下面的方法，它使用默认参数：

#include <type_traits> 
#include <iostream>

class X
{
    public:
        template <typename CHECK, std::enable_if_t< std::is_floating_point<CHECK>::value>* =nullptr >
            void Do()
            {
                std::cout << "yes" << std::endl;
            }

        template <typename CHECK, std::enable_if_t< !std::is_floating_point<CHECK>::value>* =nullptr>
            void Do()
            {
                std::cout<< "no" << std::endl;
            }

};

int main()
{
    X x;
    x.Do<float>();
}

DEMO

另请参阅答案 and here。

Answer 2

另一种编译和工作的语法是将 enable_is 移动为 return 类型：

class X
{
public:
    template <typename CHECK >
    typename std::enable_if< std::is_floating_point<CHECK>::value, void>::type Do()
    {
        std::cout << "yes" << std::endl;
    }

    template <typename CHECK>
    typename std::enable_if< !std::is_floating_point<CHECK>::value, void>::type Do()
    {
        std::cout << "no" << std::endl;
    }

};

int main()
{
    X x;
    x.Do<float>();
    getchar();
}

SFINAE 没有编译

SFINAE did not compile

c++11

sfinae

enable-if