别名模板中的模板参数推导 - 类型定义任何成员函数指针

Question

虽然 answering 一个问题，但我建议使用模板别名来对成员函数的 signature 进行类型定义；也就是说，不仅是类型定义成员函数，而且能够分解出包含方法的目标 class：

template<typename T>
using memberf_pointer = int (T::*)(int, int);

虽然这似乎涵盖了所问的问题，但我试图将其概括为任意函数参数：

template<typename T, typename... Args>
using memberf_pointer = int (T::*)(Args&&...);

它因参数推导问题而失败（基本上它假设一个空参数列表）。这是 demo:

#include <iostream>

class foo
{
public:
  int g (int x, int y) { return x + y ; }
};

template<typename T, typename...Args>
using memberf_pointer = int (T::*)(Args&&...); 

int main()
{
  foo f ;
  memberf_pointer<foo> mp = &foo::g ;
  std::cout << (f.*mp) (5, 8) << std::endl ;
}

这是为什么？有没有办法让它工作？

Answer 1

在这种情况下为什么不直接使用汽车呢？在这种情况下使用模板的唯一优势是能够明确提供您的类型。

另一方面，如果您希望模板自动推导函数类型，则需要直接在该类型上进行参数化。如果您还希望它为您提供所有构建块，最简单的方法是将其专门用于函数或成员函数。示例：

template<typename T> struct memberf_pointer_descriptor;

template<typename TOwner, typename TRet, typename... Args>
struct memberf_pointer_descriptor<TRet(TOwner::*)(Args...)>
{
    // Your stuff goes here.
    using type = TRet(TOwner::*)(Args...);
};

memberf_pointer_descriptor<decltype(&foo::g)>;

或者直接将 foo::g 作为参数的函数模板，以减轻使用显式 decltype 的需要。取决于您的需求。

Answer 2

使您的示例工作的方法如下：

#include <iostream>

class foo
{
public:
    int g(int x, int y) { return x + y; }
};

template<typename T, typename...Args>
using memberf_pointer = int (T::*)(Args...);

int main()
{
    foo f;
    memberf_pointer<foo, int, int> mp = &foo::g;
    std::cout << (f.*mp) (5, 8) << std::endl;
}

它删除了对可变参数模板参数的引用，并且在实例化 memberf_pointer 时它还提供了成员函数参数。但是 auto 可能是要走的路...

Answer 3

C++ 没有 Hindley-Milner 类型推导系统之类的功能，它不适用于您的特定右值分配

memberf_pointer<foo> mp = &foo::g ;

至于一些快速解决方法，您可以

只需删除整个结构并使用 auto
```
auto mp = &foo::g;
```

明确提供类型或指针类型

template<typename T>
using memberf_pointer = T;

memberf_pointer<decltype(&foo::g)> mp = &foo::g;

参照Template argument deduction

Answer 4

问题的标题和 body 中的措辞都非常具有误导性。在您的示例中，任何地方都在进行零模板推导。当你写：

memberf_pointer<foo> mp = &foo::g;

memberf_pointer<foo> 是一个别名模板，是的，但它是一个的具体实例化。由于您提供的是 mp 的确切类型，因此不会进行任何扣除。该行完全等同于：

int (foo:*mp)() = &foo::g;

由于 g 接受参数的显而易见的原因而无法编译。在赋值语句中进行模板推导的方法是使用 auto:

auto mp = &foo::g;

mp 的类型将与 U 的类型相同，如果您调用：

template <typename U> void meow(U );
meow(&foo::g);

也就是说，int (foo::*)(int, int)。

同样，你可以这样做：

decltype(&foo::g) mp = &foo::g;

这会给你和以前一样的类型。

当然，即使您提供了正确的参数列表：

memberf_pointer<foo, int, int> mp = &foo::g;

仍然无法编译，因为您的别名将右值引用添加到两个参数。 mp 的类型是 int (foo::*)(int&&, int&&)，与 &foo::g 不匹配。也许您希望将其作为 forwarding-reference 的推论，但此处并非如此。为了正确使用别名，您必须重写它：

template<typename T, typename...Args>
using memberf_pointer = int (T::*)(Args...); 

memberf_pointer<foo, int, int> mp = &foo::g;

如果我们有一个采用右值引用的成员函数，那么我们就可以明确地提供它：

class bar
{
public:
  int h(int&& x, int&& y) { return x + y ; }
};

memberf_pointer<bar, int&&, int&&> mb = &bar::h;

别名模板中的模板参数推导 - 类型定义任何成员函数指针

Template argument deduction in alias templates - typedefing any member function pointer

c++

templates

c++11

template-argument-deduction

c++14