杰克逊-XML。如何忽略 XML 属性？

Question

我有以下 XML 文件：

<Channel>
    <name>test</name>
    <number type="example">123</number>
</Channel>

和以下 Java class:

public class Channel {
    public String name;
    public Integer number;

    @Override
    public String toString() {
        return "Channel{" + "name='" + name + '\'' + ", number=" + number + '}';
    }
}

我想使用 Jackson 将 XML 读入 class 通道的对象。以下是我尝试执行此操作的方法：

JacksonXmlModule module = new JacksonXmlModule();
XmlMapper xmlMapper = new XmlMapper(module);
InputStream stream = App.class.getResourceAsStream(FILE_NAME);

Channel value = xmlMapper.readValue(stream, Channel.class);
System.out.println(value);

但是我得到以下错误：

Exception in thread "main" com.fasterxml.jackson.databind.JsonMappingException: Can not deserialize instance of int out of START_OBJECT token
at [Source: java.io.BufferedInputStream@158ec7a7; line: 3, column: 5] (through reference chain: org.robinski.Channel["number"])

我希望得到以下输出：

Channel{name='test', number=123}

我知道是 XML 属性 'type="example"' 导致了这个问题。当我删除该属性时，一切正常。但我不能只是手动删除它，因为通常我从外部来源接收 XML。

你可以在这里看到完整的源代码：http://pastie.org/9870866 .

如何使用 Jackson 将 XML 文件解析为 class 频道的对象？

Answer 1

没办法，我也想带属性

public class Channel {

    static class Number {
        public String type; // transient too?

        @JacksonXmlText
        public Integer value;

        public String toString() {
            ...
        }
    }

    public String name;
    public Number number;

    @Override
    public String toString() {
        ...
    }
}

杰克逊-XML。如何忽略 XML 属性？

Jackson-XML. How can I ignore an XML attribute?

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