给定 Assembly，翻译成 C
Given Assembly, translate to C
原来给我的函数原型：
void decode1(int *xp, int *yp, int *zp)
现在我被告知将以下程序集转换为 C 代码：
movl 8(%ebp), %edi //line 1 ;; gets xp
movl 12(%ebp), %edx //line 2 ;; gets yp
movl 16(%ebp),%ecx //line 3 ;; gets zp
movl (%edx), %ebx //line 4 ;; gets y
movl (%ecx), %esi //line 5 ;; gets z
movl (%edi), %eax //line 6 ;; gets x
movl %eax, (%edx) //line 7 ;; stores x into yp
movl %ebx, (%ecx) //line 8 ;; stores y into zp
movl %esi, (%edi) //line 9 ;; stores z into xp
问题中没有给我这些评论这是我相信他们正在做的但我不是 100% 确定。
我的问题是，对于第 4-6 行，我是否可以假设命令
movl (%edx), %ebx
movl (%ecx), %esi
movl (%edi), %eax
只是为 y,z,x 创建一个局部变量？
此外，存储每个变量的寄存器（即（edi、edx、ecx））是否重要，或者我可以以任何顺序使用任何寄存器来将指针从堆栈中取出吗？
C代码：
int tx = *xp;
int ty = *yp;
int tz = *zp;
*yp = tx;
*zp = ty;
*xp = tz;
如果我没有得到函数原型，我怎么知道使用了哪种类型的 return 类型？
恭喜，你做对了:)
你可以使用任何寄存器，但有些寄存器需要保存，即使用前保存，使用后恢复。在典型的调用约定中，您可以使用 eax、ecx 和 edx，其余的需要保留。您显示的程序集不包含执行此操作的代码，但大概它在那里。
至于return类型，就不好推论了。简单类型在 eax 寄存器中被 returned，并且总有一些东西在那里。我们无法判断这是作为 return 值，还是仅保留为局部变量。也就是说，如果您的函数有 return tx; 它可能是相同的汇编代码。此外，我们也不知道 eax 的类型，它可能是适合那里的任何类型，并且根据调用约定预计会在那里 returned。
让我们关注一组更简单的指令。
第一个：
movl 8(%ebp), %edi
会将内存中位于EBP寄存器中设置的地址之外的8个八字节处的4个字节的内容加载到EDI寄存器中。这种特殊的 EBP 用法是编译器代码生成器遵循的约定，即针对每个函数，将堆栈指针 ESP 保存到 EBP 寄存器中，然后为函数局部变量创建堆栈帧。
现在，在 EDI 寄存器中，我们将第一个参数传递给函数，它是一个指向整数的指针，因此 EDI 现在包含该整数的地址，但不包含整数本身。
movl (%edi), %eax
会得到EDI寄存器指向的4个字节，加载到EAX寄存器中
现在在 EAX 中我们有第一个参数中 xp 指向的整数值。
然后：
movl %eax, (%edx)
会将这个整数值保存到 EDX 寄存器的内容指向的内存中，该寄存器又从 EBP+12 加载，这是传递给函数的第二个参数。
那么，您的第一个问题是，这段汇编代码是否等同于此？
int tx = *xp;
int ty = *yp;
int tz = *zp;
*yp = tx;
*zp = ty;
*xp = tz;
是，是，但请注意，没有创建 tx,ty,tz 局部变量，只有处理器寄存器。
你的第二个问题，是 no，你无法分辨 return 的类型，这又是关于寄存器使用的约定光看生成的汇编代码是无法推断的
原来给我的函数原型：
void decode1(int *xp, int *yp, int *zp)
现在我被告知将以下程序集转换为 C 代码：
movl 8(%ebp), %edi //line 1 ;; gets xp
movl 12(%ebp), %edx //line 2 ;; gets yp
movl 16(%ebp),%ecx //line 3 ;; gets zp
movl (%edx), %ebx //line 4 ;; gets y
movl (%ecx), %esi //line 5 ;; gets z
movl (%edi), %eax //line 6 ;; gets x
movl %eax, (%edx) //line 7 ;; stores x into yp
movl %ebx, (%ecx) //line 8 ;; stores y into zp
movl %esi, (%edi) //line 9 ;; stores z into xp
问题中没有给我这些评论这是我相信他们正在做的但我不是 100% 确定。
我的问题是，对于第 4-6 行，我是否可以假设命令
movl (%edx), %ebx
movl (%ecx), %esi
movl (%edi), %eax
只是为 y,z,x 创建一个局部变量？
此外，存储每个变量的寄存器（即（edi、edx、ecx））是否重要，或者我可以以任何顺序使用任何寄存器来将指针从堆栈中取出吗？
C代码：
int tx = *xp;
int ty = *yp;
int tz = *zp;
*yp = tx;
*zp = ty;
*xp = tz;
如果我没有得到函数原型，我怎么知道使用了哪种类型的 return 类型？
恭喜，你做对了:)
你可以使用任何寄存器，但有些寄存器需要保存，即使用前保存，使用后恢复。在典型的调用约定中，您可以使用 eax、ecx 和 edx，其余的需要保留。您显示的程序集不包含执行此操作的代码，但大概它在那里。
至于return类型，就不好推论了。简单类型在 eax 寄存器中被 returned，并且总有一些东西在那里。我们无法判断这是作为 return 值，还是仅保留为局部变量。也就是说，如果您的函数有 return tx; 它可能是相同的汇编代码。此外，我们也不知道 eax 的类型，它可能是适合那里的任何类型，并且根据调用约定预计会在那里 returned。
让我们关注一组更简单的指令。
第一个：
movl 8(%ebp), %edi
会将内存中位于EBP寄存器中设置的地址之外的8个八字节处的4个字节的内容加载到EDI寄存器中。这种特殊的 EBP 用法是编译器代码生成器遵循的约定，即针对每个函数，将堆栈指针 ESP 保存到 EBP 寄存器中，然后为函数局部变量创建堆栈帧。
现在，在 EDI 寄存器中，我们将第一个参数传递给函数，它是一个指向整数的指针，因此 EDI 现在包含该整数的地址，但不包含整数本身。
movl (%edi), %eax
会得到EDI寄存器指向的4个字节，加载到EAX寄存器中
现在在 EAX 中我们有第一个参数中 xp 指向的整数值。
然后：
movl %eax, (%edx)
会将这个整数值保存到 EDX 寄存器的内容指向的内存中，该寄存器又从 EBP+12 加载，这是传递给函数的第二个参数。
那么，您的第一个问题是，这段汇编代码是否等同于此？
int tx = *xp;
int ty = *yp;
int tz = *zp;
*yp = tx;
*zp = ty;
*xp = tz;
是，是，但请注意，没有创建 tx,ty,tz 局部变量，只有处理器寄存器。
你的第二个问题，是 no，你无法分辨 return 的类型，这又是关于寄存器使用的约定光看生成的汇编代码是无法推断的